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nikle2000

木虫 (小有名气)

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如题，给出推导过程！谢谢！
$<br /> $\int_0^\infty(y^2+a^a)^{-\gamma/2}\exp(-y^p)dy\simeq c_1(\gamma)a^{-\gamma+1}+c_2(\gamma)$, for $0<\gamma<1, p>0$, where $c_1(\gamma)$ and $c_2(\gamma)$ are positive constants depending only on $\gamma, A\simeq B$ means that there is a constant $c>0$ such that $1/c\leq A/B\leq c.$ <br />$

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1楼 2015-10-15 22:53:40

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nikle2000

木虫 (小有名气)

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6楼: Originally posted by 阿行 at 2015-10-25 12:30:30
抱歉，说得不对。我修改如下：
首先，令y = at, 则原积分化为
I = a^{-\gamma + 1} \int_0^{+\infty} (t^2 + 1)^{-\frac{\gamma}{2}} e^{- a^p t^p} dt.
对于右端的积分，我们有
J = \int_0^{+\infty} (t^2 + 1 ...

上界的推导是错的，因为极限号要和积分号交换顺序是有条件的---积分必须是一致可积的！

下界是针对I 的，所以后面应该是I=a^(-\gamma+1)J->\infty(a->0).显然不起作用！

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7楼2015-10-26 15:22:01

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hank612

至尊木虫 (著名写手)

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【答案】应助回帖

★ ★ ★ ★ ★
nikle2000: 金币+5 2015-10-26 15:11:34

假设存在常数C>1以及函数 $C_1(\gamma), C_2(\gamma)$ 使得:
$\frac{1}{C}(C_1(\gamma)a^{1-\gamma}+C_2(\gamma))<\int_{0}^{\infty}(y^2+a^2)^{-\frac{\gamma}{2}}\exp(-y^p)dy<C(C_1(\gamma)a^{1-\gamma}+C_2(\gamma))$ , 我们来推出矛盾.

由于 $0<\gamma<1$ ,当P>0趋于0时, $\int_{0}^{\infty}(y^2+a^2)^{-\frac{\gamma}{2}}\exp(-y^p)dy$ 被积函数大约是 $y^{-\gamma}$ , 积分是发散的. 可是右端是和P无关的函数, 肯定做不到界住积分的.

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We_must_know. We_will_know.

2楼2015-10-24 08:31:08

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nikle2000

木虫 (小有名气)

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2楼: Originally posted by hank612 at 2015-10-24 08:31:08
假设存在常数C>1以及函数C_1(\gamma), C_2(\gamma)使得:
\frac{1}{C}(C_1(\gamma)a^{1-\gamma}+C_2(\gamma))<\int_{0}^{\infty}(y^2+a^2)^{-\frac{\gamma}{2}}\exp(-y^p)dy<C(C_1(\gamma)a^{1-\gamma}+C_ ...

这里的p是固定的常数，只要大于0。

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3楼2015-10-24 13:25:17

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阿行

新虫 (初入文坛)

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$y = a \cdot t$ , 可以得到上界的估计。可是，下界就不好估计了，主要的困难来自 $a \to +\infty$ 的时候。

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4楼2015-10-24 23:45:30

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